1.A

　　【解析】

　　試題分析：我國(guó)古代四大發(fā)明中，涉及到電磁現(xiàn)象應(yīng)用的發(fā)明是指南針.

　　解：指南針利用地磁場(chǎng)使小磁針偏轉(zhuǎn)來(lái)指示方向，涉及到磁現(xiàn)象，而我國(guó)古代四大發(fā)明中，造紙術(shù)、印刷術(shù)、火藥不涉及電磁現(xiàn)象.故A正確.

　　故選A

　　【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)常識(shí)的了解程度，基礎(chǔ)題.要重視知識(shí)的積累，加強(qiáng)記憶，不在基礎(chǔ)題出錯(cuò).

　　2.A

　　【解析】

　　試題分析：根據(jù) 可知，軌道半徑相同時(shí)，運(yùn)動(dòng)周期也會(huì)相同，A正確;而速度，加速度都是矢量，既有大小又有方向，因此兩顆衛(wèi)星速度，和加速度大小相同，但方向不同，B、C錯(cuò)誤，而向心力就是衛(wèi)星受到的萬(wàn)有引力 ，兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量不同，因此向心力不同，D錯(cuò)誤。

　　考點(diǎn)：萬(wàn)有引力與航天

　　3.D

　　【解析】

　　試題分析：?jiǎn)蜗虻闹本€運(yùn)動(dòng)中位移的大小一定等于路程，故A錯(cuò)誤;位移是矢量，而路程是標(biāo)量，性質(zhì)不同，故不能說(shuō)位移就是路程，所以B錯(cuò)誤;出租車(chē)是按路程大小來(lái)計(jì)費(fèi)的，所以C錯(cuò)誤;位移是從初位置指向末位置的有向線段，故D正確。

　　考點(diǎn)：本題考查位移和路程。

　　4.A

　　【解析】

　　試題分析：誤差是在測(cè)量過(guò)程中產(chǎn)生的測(cè)量值與真實(shí)值這間的差異，這種差異不同于錯(cuò)誤，它是在測(cè)量方法正確的情況下產(chǎn)生的，只可以減小，卻不能避免.

　　解：A、一個(gè)物體長(zhǎng)為123.6 cm，最后的一位：0. 6cm是估讀的，所以采用的測(cè)量工具的最小刻度是厘米.故A正確;

　　B、0.92是兩位有效數(shù)字，而0.920是三位有效數(shù)字，它們的含義是不同的.故B錯(cuò)誤;

　　C、求多次測(cè)量的平均值是減小誤差有效的方法之一，可以減小偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差，故C錯(cuò)誤;

　　D錯(cuò)誤、有效數(shù)字是從第一個(gè)不為0的數(shù)字開(kāi)始的，0.082是兩位有效數(shù)字.故D錯(cuò)誤.

　　故選：A.

　　【點(diǎn)評(píng)】誤差與錯(cuò)誤在產(chǎn)生原因上，及是否能避免等方面都存在著本質(zhì)的區(qū)別，我們應(yīng)充分認(rèn)識(shí)二者的不同.

　　5.AC

　　【解析】

　　試題分析：由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，振動(dòng)物體經(jīng)過(guò)同一位置，位移、加速度、速率、動(dòng)能相同，速度方向可能相同，可能相反，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，選項(xiàng)A正確;根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可得，選項(xiàng)D錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確;故選AC。

　　考點(diǎn)：此題是對(duì)簡(jiǎn)諧振動(dòng)規(guī)律的考查;要知道簡(jiǎn)諧振動(dòng)中加速度和位移具有正比反向的關(guān)系;振動(dòng)物體經(jīng)過(guò)同一位置，位移、加速度、速率、動(dòng)能相同，速度方向可能相同，可能相反;簡(jiǎn)諧振動(dòng)具有對(duì)稱(chēng)性.

　　6.D

　　【解析】

　　試題分析：地球同步衛(wèi)星即地球同步軌道衛(wèi)星，又稱(chēng)對(duì)地靜止衛(wèi)星，是運(yùn)行在地球同步軌道上的人造衛(wèi)星，其運(yùn)行軌道是位于地球赤道平面上的圓形軌道，所以北斗導(dǎo)航衛(wèi)星不可能與東經(jīng)110.5°的經(jīng)線平面重合，而成都不在赤道上，也不可能定點(diǎn)于成都正上方，故A、B錯(cuò)誤，根據(jù)公式 ，r越大，v越小.同步衛(wèi)星距離地球的高度約為36000 km，其正常運(yùn)行時(shí)的速度比離地350公里高的天宮一號(hào)空間站線速度小.故C錯(cuò)誤;同步衛(wèi)星運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)一周的時(shí)間相等均為24h，故D正確。

　　考點(diǎn)：同步衛(wèi)星的特點(diǎn)，地球衛(wèi)星的線速度與高度是關(guān)系。

　　【答案】D

　　【解析】

　　試題分析：麥克斯韋分子速率分布規(guī)律如圖所示，呈現(xiàn)“兩頭大，中間小”的特點(diǎn)，曲線①、③可先排除，曲線②也不對(duì)，因?yàn)楫?dāng)v=0時(shí)，f(v)一定為零，且v很大時(shí)，f(v)趨于零，所以本題正確是曲線④，故A、B、C錯(cuò)誤，D正確。

　　考點(diǎn)：本題考查麥克斯韋氣體分子速率分布規(guī)律

　　8.D

　　【解析】設(shè)某時(shí)刻的速度為v，則此時(shí)的電動(dòng)勢(shì)E=Blv，安培力F安= ，由牛頓第二定律有F安=ma，則金屬棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由能量守恒定律知，整個(gè)過(guò)程中克服安培力做功等于電阻R和金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱之和，即W安=Q- mv ，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，D正確;整個(gè)過(guò)程中通過(guò)導(dǎo)體棒的電荷量q= = = ，得金屬棒在導(dǎo)軌上發(fā)生的位移x= ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤.

　　9.D

　　【解析】

　　試題分析： 只要發(fā)光小球在缸底的光線能從側(cè)面折射出光線，就可以從側(cè)面看到發(fā)光小球，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤;發(fā)光小球由水中射向水面的光線，存在一個(gè)全反射臨界角，當(dāng)入射角大于全反射臨界角時(shí)，不能從水面射出，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤;折射光不改變光的頻率，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤;由 ，得 ，而 ，故 ，所以D選項(xiàng)正確。

　　考點(diǎn)： 光的折射 全反射 光的頻率

　　10.ACD

　　【解析】

　　試題分析：由圖中讀出這列波的波長(zhǎng)是4m，選項(xiàng)A正確;波的周期為4s，故這列波的傳播速度是 ，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由波動(dòng)圖像可知，M點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的方向?yàn)閥軸負(fù)向，故M點(diǎn)以后的各質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的方向都沿-y方向，選項(xiàng)C正確;Q點(diǎn)第一次到達(dá)波峰時(shí)，波需向右傳播8m，故質(zhì)點(diǎn)Q經(jīng)過(guò) 時(shí)，第一次到達(dá)波峰，選項(xiàng)D正確;振動(dòng)傳到Q點(diǎn)的時(shí)間為： ，故質(zhì)點(diǎn)Q振動(dòng)11s= ，通過(guò)的路程為： ，選項(xiàng)E錯(cuò)誤。故選ACD.

　　考點(diǎn)：振動(dòng)圖像和波的圖線。

　　11.CD

　　【解析】

　　試題分析：由于交流電的周期為0.02s，故角速度為100π，而表達(dá)式中的角速度顯示為50π，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;當(dāng)t=0.015s時(shí)，sin100π×0.015=sin1.5π=1，故此時(shí)的電動(dòng)勢(shì)最大，即發(fā)電機(jī)的線圈平面與磁場(chǎng)方向平行，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;因?yàn)樽儔浩髟?、副線圈的匝數(shù)比為5:1，故變壓器原、副線圈中的電流之比為1:5，選項(xiàng)C正確;當(dāng)Rt溫度升高時(shí)，由于變壓器的副線圈的電壓不變，故電流表的示數(shù)變小，原線圈的電壓也是不變的，故伏特表的讀數(shù)不變，選項(xiàng)D正確。

　　考點(diǎn)：變壓器，交流電的表達(dá)式。

　　12.BD

　　【解析】

　　試題分析：由圖可知，粒子向上先做減速運(yùn)動(dòng)，再反向做加速運(yùn)動(dòng)，且向上過(guò)程加速度先增大后減小，而重力不變，說(shuō)明粒子受電場(chǎng)力應(yīng)向下;故說(shuō)明粒子均應(yīng)帶負(fù)電;由于電場(chǎng)線只能沿豎直方向，故說(shuō)明兩粒子帶等量負(fù)電荷;故AC錯(cuò)誤，B正確; 時(shí)刻之前電場(chǎng)力一直做負(fù)功;故電勢(shì)能增大;此后電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小; 時(shí)刻電勢(shì)能最大;但由于粒子受重力及電場(chǎng)力均向下;故此時(shí)加速度不為零，故D正確。

　　考點(diǎn)：電場(chǎng)的疊加;電勢(shì)能

　　名師點(diǎn)睛：根據(jù)運(yùn)動(dòng)圖象明確粒子的運(yùn)動(dòng)情況，再根據(jù)受力分析即可明確粒子的受力情況，從而判斷電場(chǎng)分布;則可得出兩電荷的帶電情況;解決本題的關(guān)鍵根據(jù)圖象中的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)確定受力，再由電場(chǎng)線的性質(zhì)明確兩電荷的性質(zhì)。

　　13.小于;×100; 紅

　　【解析】

　　試題分析：歐姆表表盤(pán)刻度左密右疏，從而估算圖中指針的示數(shù);

　　選擇開(kāi)關(guān)應(yīng)選的歐姆擋應(yīng)盡量使指針指在中央刻度附近讀數(shù)誤差較小;

　　二極管的特點(diǎn)是：正向電阻很小，反向電阻很大.

　　解：歐姆表表盤(pán)刻度左密右疏，則115Ω應(yīng)該在第11和第12刻度線的正中間偏左，則在指針指示位置在第11和第12刻度線的正中間其電阻值小于115Ω;

　　盡量使指針指在中央刻度附近讀數(shù)，測(cè)量一個(gè)約2000Ω的電阻則應(yīng)使指針指在20的位置，選擇開(kāi)關(guān)選取×100檔;

　　多用電表測(cè)得電阻較小的一次應(yīng)是電流從B(二極管正極)流入，而電流從多用電表黑表筆(接內(nèi)部電源正極)流出，故黑表筆接的是B極，則紅表筆接的是A極，

　　故答案為：小于;×100; 紅.

　　【點(diǎn)評(píng)】解決本題要知道多用電表中電流的流向：無(wú)論測(cè)電流還是電阻都是紅進(jìn)黑出.還要知道二極管的正向電阻很小，反向電阻很大的特點(diǎn).

　　14.( = > )

　　【解析】 則角速度相等。而 ，則周期大于。

　　15.(1)400米，(2)30 m/s

　　【解析】

　　試題分析：(1)若飛機(jī)靠自身發(fā)動(dòng)機(jī)起飛，飛機(jī)初速度為0，加速度 ，末速度為： ，得： (2)彈射裝置使飛機(jī)初速度為 ，位移 ，末速度為： ，解得： ;

　　考點(diǎn)：考查了速度位移公式的應(yīng)用

　　16.(1)物體做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為0.3m/s2;

　　(2)撤去F后，物體還能滑行0.75s.

　　【解析】解：(1)物體在力F作用下做初速度為零的加速運(yùn)動(dòng)，受力如圖

　　水平方向有：Fcos37°﹣f=ma

　　豎直方向有：Fsin37°+N﹣mg=0

　　摩擦力：f=μN

　　帶入數(shù)據(jù)解得a=0.3m/s2

　　(2)撤去外力F后物體在滑動(dòng)摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動(dòng)，

　　勻減速運(yùn)動(dòng)的初速度為 υ=at1

　　再由速度公式可得，0=υ﹣a′t2

　　加速度為 a′=μg

　　代入數(shù)據(jù)解得t2=0.75s

　　答：(1)物體做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為0.3m/s2;

　　(2)撤去F后，物體還能滑行0.75s.

　　【點(diǎn)評(píng)】本題是對(duì)牛頓運(yùn)動(dòng)定律和勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的考查，通過(guò)受力分析，掌握好運(yùn)動(dòng)規(guī)律就可以求出這道題，難度不是很大.

　　17.2.83 N N =0

　　【解析】當(dāng)加速度a較小時(shí)，小球與斜面體一起運(yùn)動(dòng)，此時(shí)小球受重力、繩拉力和斜面的支持力作用，繩平行于斜面，當(dāng)加速度a足夠大時(shí)，小球?qū)?ldquo;飛離”斜面，此時(shí)小球受重力和繩的拉力作用，繩與水平方向的夾角未知，題目中要求a=10 m/s2時(shí)繩的拉力及斜面的支持力，必須先求出小球離開(kāi)斜面的臨界加速度a0.(此時(shí)，小球所受斜面支持力恰好為零)

　　由mgcotθ=ma0

　　所以a0=gcotθ=7.5 m/s2

　　因?yàn)閍=10 m/s2>a0

　　所以小球離開(kāi)斜面N=0，小球受力情況如圖2-7，則Tcosα=ma,

　　Tsinα=mg

　　所以T= =2.83 N, N =0.

　　18.(1)8V

　　(2)2.88W

　　(3)4.0×10-3C.

　　【解析】

　　試題分析：(1)由圖象知，線圈中產(chǎn)生的交變電流的周期T=3.14×10-2s，所以 .

　　(2)電流的最大值 ，有效值 ，則

　　小燈泡消耗的電功率P=I2R=2.88W.

　　(3)在0～ 時(shí)間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，電動(dòng)勢(shì)的平均值 ，

　　平均電流 流過(guò)燈泡的電荷量 代入解得Q=4.0×10-3C.

　　考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律;交流電的最大值及有效值

　　【名師點(diǎn)睛】此題是對(duì)法拉第電磁感應(yīng)定律的考查;要知道求解交變電流的電功率時(shí)要用有效值.在電磁感應(yīng)中通過(guò)導(dǎo)體截面的電量經(jīng)驗(yàn)公式是 ，可以在推導(dǎo)的基礎(chǔ)上記住。