蘇教版八年級數(shù)學上冊期末試卷(2)
蘇教版八年級數(shù)學上冊期末試卷
所以該三角形的底角為80°或30°.
故答案為:80°或30°.
12.若(ambnb)3=a9b15,那么m+n= 7 .
【考點】冪的乘方與積的乘方.
【分析】利用積的乘方運算法則得出關于m,n的等式進而求出答案.
【解答】解:∵(ambnb)3=a9b15,
∴3m=9,2(n+1)=15,
解得:m=3,n=4,
則m+n=7.
故答案為:7.
13.三角形的三邊長分別為3cm,5cm,xcm,則x的取值范圍是 2
【考點】三角形三邊關系.
【分析】根據(jù)三角形的三邊關系定理:三角形兩邊之和大于第三邊.三角形的兩邊差小于第三邊可得5﹣3
【解答】解:由三角形的三邊關系定理可得:
5﹣3
即:2
故答案為:2
14.如圖,AB∥CF,E為DF中點,AB=20,CF=15,則BD= 5 .
【考點】全等三角形的判定與性質.
【分析】根據(jù)平行的性質求得內錯角相等,已知對頂角相等,又知E是DF的中點,所以根據(jù)ASA得出△ADE≌△CFE,從而得出AD=CF,已知AB,CF的長,那么BD的長就不難求出.
【解答】解:∵AB∥FC,
∴∠ADE=∠EFC,
∵E是DF的中點,
∴DE=EF,
在△ADE與△CFE中,
,
∴△ADE≌△CFE,
∴AD=CF,
∵AB=20,CF=15,
∴BD=AB﹣AD=20﹣15=5.
故答案為:5.
15.若一個多邊形的內角和等于其外角和的2倍,則它是 六 邊形.
【考點】多邊形內角與外角.
【分析】根據(jù)多邊形的內角和公式與外角和定理列出方程,然后解方程即可.
【解答】解:設這個多邊形是n邊形,根據(jù)題意得,
(n﹣2)•180°=2×360°,
解得n=6.
故答案為:六.
16.若方程 無解,則k的值為 ﹣2 .
【考點】分式方程的解.
【分析】先把方程兩邊乘以(x﹣3)得到2=x﹣3﹣k,則x=5+k,當x=3時,方程 無解,即3=5+k,解關于k的方程即可.
【解答】解:去分母得,2=x﹣3﹣k,
∴x=5+k,
當x=3時,方程 無解,
∴3=5+k,
∴k=﹣2.
故答案為﹣2.
17.如圖,△ABC中,DE是AC的垂直平分線,AE=4cm,△ABD的周長為14cm,則△ABC的周長為 22cm .
【考點】線段垂直平分線的性質.
【分析】根據(jù)線段垂直平分線性質求出AD=DC,根據(jù)△ABD的周長求出AB+BC=14cm,即可求出答案.
【解答】解:∵DE是AC的垂直平分線,AE=4cm,
∴AC=2AE=8cm,AD=DC,
∵△ABD的周長為14cm,
∴AB+AD+BD=14cm,
∴AB+AD+BD=AB+DC+BD=AB+BC=14cm,
∴△ABC的周長為AB+BC+AC=14cm+8cm=22cm,
故答案為:22cm
18.已知P(5,5),點B、A分別在x的正半軸和y的正半軸上,∠APB=90°,則OA+OB= 10 .
【考點】全等三角形的判定與性質;坐標與圖形性質.
【分析】過P作PM⊥y軸于M,PN⊥x軸于N,得出四邊形PMON是正方形,推出OM=OM=ON=PN=5,證△APM≌△BPN,推出AM=BN,求出OA+OB=ON+OM,代入求出即可.
【解答】解:過P作PM⊥y軸于M,PN⊥x軸于N,如圖所示:
∵P(5,5),
∴PN=PM=5,
∵x軸⊥y軸,
∴∠MON=∠PNO=∠PMO=90°,
∴∠MPN=360°﹣90°﹣90°﹣90°=90°,
則四邊形MONP是正方形,
∴OM=ON=PN=PM=5,
∵∠APB=90°,
∴∠APB=∠MON,
∴∠MPA=90°﹣∠APN,∠BPN=90°﹣∠APN,
∴∠APM=∠BPN,
在△APM和△BPN中, ,
∴△APM≌△BPN(ASA),
∴AM=BN,
∴OA+OB=OA+0N+BN=OA+ON+AM=ON+OM=5+5=10
故答案為:6.
三、解答題(共8小題,滿分66分)
19.計算:
(1)﹣ m2n•(﹣mn2)2
(2)(x2﹣2x)(2x+3)÷(2x)
(3)(2x+y)(2x﹣y)+(x+y)2﹣2(2x2+xy)
(4)(ab﹣b2) .
【考點】整式的混合運算;分式的乘除法.
【分析】(1)根據(jù)積的乘方和冪的乘方進行計算即可;
(2)根據(jù)多項式的乘除法法則進行計算即可;
(3)根據(jù)平方差公式和完全平方公式進行計算即可;
(4)根據(jù)整式除以分式的法則進行計算即可.
【解答】解:(1)原式=﹣ m2n•m2n4
=﹣ m4n5;
(2)原式=(2x3﹣x2﹣6x)÷(2x)
=x2﹣ x﹣3;
(3)原式=4x2﹣y2+x2+2xy+y2﹣4x2﹣2xy
=x2;
(4)原式=b(a﹣b)•
=b.
20.分解因式:
(1)ax4﹣9ay2
(2)2x3﹣12x2+18x.
【考點】提公因式法與公式法的綜合運用.
【分析】(1)首先提取公因式a,再利用平方差公式進行分解即可;
(2)首先提取公因式2x,再利用完全平方公式進行分解即可.
【解答】解:(1)原式=a(x4﹣9y2)=a(x2﹣3y)(x2+3y);
(2)原式=2x(x2﹣6x+9)=2x(x﹣3)2.
21.解方程: .
【考點】解分式方程.
【分析】觀察可得最簡公分母是3(x﹣1),方程兩邊乘最簡公分母,可以把分式方程轉化為整式方程求解.
【解答】解:方程的兩邊同乘3(x﹣1),得
6x=3x﹣3﹣x,
解得x=﹣ .
檢驗:把x=﹣ 代入3(x﹣1)≠0.
故原方程的解為:x=﹣ .
22.先化簡再求值:(1﹣ ) ,其中x=( )﹣1+30.
【考點】分式的化簡求值;零指數(shù)冪;負整數(shù)指數(shù)冪.
【分析】先根據(jù)分式混合運算的法則把原式進行化簡,再求出x的值代入進行計算即可.
【解答】解:原式= •
= ,
當x=3+1=4時,原式= =2.
23.如圖,在平面直角坐標系中,A(﹣1,5),B(﹣1,0),C(﹣4,3).
(1)求出△ABC的面積;
(2)在圖中作出△ABC關于y軸的對稱圖形△A1B1C1;
(3)寫出點A1,B1,C1的坐標.
【考點】作圖-軸對稱變換.
【分析】(1)利用長方形的面積剪去周圍多余三角形的面積即可;
(2)首先找出A、B、C三點關于y軸的對稱點,再順次連接即可;
(3)根據(jù)坐標系寫出各點坐標即可.
【解答】解:(1)如圖所示:△ABC的面積:3×5﹣ ﹣ ﹣ =6;
(2)如圖所示:
(3)A1(2,5),B1(1,0),C1(4,3).
24.如圖,已知點P在AB上,∠APD=∠APC,∠DBA=∠CBA,求證:AC=AD.
【考點】全等三角形的判定與性質.
【分析】由平角的定義得到∠BPD=∠BPC,推出△BDP≌△BCP,根據(jù)全等三角形的性質得到BD=BC,證得△ADB≌△ACB,根據(jù)全等三角形的性質得到結論.
【解答】證明:∵∠APD=∠APC,
∴∠BPD=∠BPC,
在△BDP與△BCP中, ,
∴△BDP≌△BCP,
∴BD=BC,
在△ADB與△ACB中, ,
∴△ADB≌△ACB,
∴AC=AD.
25.紅紅開車從營口到盤錦奶奶家去,她去時因有事要辦經過外環(huán)公路,全程84千米,返回時經過遼河大橋,全程45千米,紅紅開車去時的平均速度是返回的1.2倍,所用時間卻比返回時多20分鐘,求紅紅返回時的車速.
【考點】分式方程的應用.
【分析】利用路程÷速度=時間,結合開車去時所用時間比返回時多20分鐘,得出等式進而求出答案.
【解答】解:設紅紅返回時的車速為x千米/時,則去時的平均速度為1.2千米/時,根據(jù)題意可得:
= + ,
解得:x=75,
經檢驗得:x=75是原方程的根,
答:紅紅返回時的車速為75km/h.
26.如圖,△ABC和△AED為等腰三角形,AB=AC,AD=AE,且∠BAC=∠DAE.連接BE、CD交于點O,連接AO并延長交CE為點H.
求證:∠COH=∠EOH.
【考點】全等三角形的判定與性質.
【分析】過點A分別作AF⊥BE于F,AG⊥CD于G.先證明△BAE≌△CAD,由全等三角形的性質得出AF=AG,得出OA平分∠BOD,再利用對頂角相等,即可得出結論.
【解答】證明:過點A分別作AF⊥BE于F,AG⊥CD于G.如圖所示:
∵∠BAC=∠DAE,
∴∠BAE=∠CAD,
在△BAE和△CAD中, ,
∴△BAE≌△CAD(SAS),
∴BE=CD,
∴AF=AG,
∵AF⊥BE于F,AG⊥CD于G,
∴OA平分∠BOD,
∴∠AOD=∠AOB,
∵∠COH=∠AOD,∠EOH=∠AOB,
∴∠COH=∠EOH.
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