高三數(shù)學(xué)第一輪復(fù)習(xí)中的學(xué)法
第一輪復(fù)習(xí)時(shí)先做一些基礎(chǔ)題，主要用于檢驗(yàn)對(duì)知識(shí)點(diǎn)和常見的解題方法的掌握情況，在此基礎(chǔ)上復(fù)習(xí)基本概念、掌握相關(guān)定義、歸納基礎(chǔ)知識(shí)、活用公式定理。掌握復(fù)習(xí)的主動(dòng)權(quán)。下面就是小編給大家?guī)淼?a href='http://www.yishupeixun.net/xuexiff/gaosanshuxue/' target='_blank'>高三數(shù)學(xué)第一輪復(fù)習(xí)中的學(xué)法，希望大家喜歡！
第一輪復(fù)習(xí)中的學(xué)法
1.加強(qiáng)復(fù)習(xí)的計(jì)劃性
第二輪復(fù)習(xí)中知識(shí)點(diǎn)的綜合性和跳躍性比較大，這就要求同學(xué)們要有計(jì)劃的鞏固基礎(chǔ)知識(shí)，回顧第一輪復(fù)習(xí)中的相關(guān)內(nèi)容，抓住復(fù)習(xí)的主動(dòng)權(quán)。
2.近幾年的高考上海數(shù)學(xué)試卷體現(xiàn)了基礎(chǔ)知識(shí)全面考，重點(diǎn)知識(shí)重點(diǎn)考，淡化特殊技巧，注重通性通法的特點(diǎn)
所以要注重“雙基”，通過第二輪的復(fù)習(xí)，進(jìn)一步有意識(shí)地強(qiáng)化對(duì)書本上尤其是主干知識(shí)的定義、定理、公式、通法的理解，對(duì)這些東西理解水平的高低決定了你能否靈活運(yùn)用基礎(chǔ)知識(shí)。
3.加強(qiáng)解題速度和正確率的強(qiáng)化訓(xùn)練
定時(shí)定量做一些基礎(chǔ)題和中檔題，訓(xùn)練速度和正確率，適量做一些綜合題，提高解題能力。
4.強(qiáng)化技能的形成
技能包括：計(jì)算、推理、畫圖、語言表達(dá)，這些必須做得非常規(guī)范，非常熟練，做的時(shí)候要再現(xiàn)數(shù)學(xué)思想方法，也就是要明白每一步為什么要這么做。
5.加強(qiáng)閱讀分析能力的訓(xùn)練
要養(yǎng)成良好的讀題、審題的習(xí)慣，記得題目只讀一遍是不夠的，必然會(huì)有閃失；條件沒有用完是不對(duì)的，必然會(huì)有缺漏。強(qiáng)化數(shù)學(xué)思想和方法在解題中的指導(dǎo)性。
6.防止出現(xiàn)的幾個(gè)問題
防止簡(jiǎn)單重復(fù)練習(xí)，不求反思；防止追求解題技巧，不注重通法通則；防止機(jī)械地就題做題，不歸納總結(jié)；防止眼高手低，簡(jiǎn)單的不愿做，復(fù)雜的做不出。
提高高考數(shù)學(xué)成績(jī)?nèi)竺钫?/strong>
一、思路思想提煉法：催生解題靈感“沒有解題思想，就沒有解題靈感。有了解題思想，解題思如泉涌?！钡敖忸}思想”對(duì)很多學(xué)生來說是既熟悉又陌生。熟悉是因?yàn)榻處熋刻鞉煸谧爝?，陌生就是說不請(qǐng)它究竟是什么。在老師的指導(dǎo)下，結(jié)合典型的數(shù)學(xué)題目，可以快速掌握。
二、典型題型精熟法：抓準(zhǔn)重點(diǎn)考點(diǎn)管理學(xué)的“二八法則”說：20%的重要工作產(chǎn)生80%的效果，而80%的瑣碎工作只產(chǎn)生20%的效果。數(shù)學(xué)學(xué)習(xí)上也有同樣現(xiàn)象：20%的題目(重點(diǎn)、考點(diǎn)集中的題目)對(duì)于考試成績(jī)起到了80%的貢獻(xiàn)。因此，提高數(shù)學(xué)成績(jī)，必須優(yōu)先抓住那20%的題目。針對(duì)許多學(xué)生“題目解答多，研究得不透”的現(xiàn)象，“當(dāng)通過科學(xué)用腦，達(dá)到每個(gè)章節(jié)的典型題型都胸有成竹時(shí)，解起題來就得心應(yīng)手?！?/p>
三、逐步深入糾錯(cuò)法：鞏固薄弱環(huán)節(jié)管理學(xué)上的“木桶理論”說：一只水桶盛水多少由最短板決定，而不是由最長(zhǎng)板決定。
高三數(shù)學(xué)集合與常用邏輯用語測(cè)試題
一、選擇題：本大題共12小題，每小題5分，共60分．
1．設(shè)全集U＝{1,2,3,4,5}，集合A＝ {1，a－2,5}，?UA＝{2,4}，則a的值為( )
A．3 B．4
C．5 D．6
解析：由?UA＝{2,4}，可得A＝{1,3,5}，∴a－2＝3，a＝5.
答案：C
2．設(shè)全體實(shí)數(shù)集為R，M＝{1,2}，N＝{1,2,3,4}，則(?RM)∩N等于( ) 新課標(biāo)第一]
A．{4} B．{3,4}
C．{2,3,4} D．{1,2,3,4 }
解析：∵M(jìn)＝{1,2}，N＝{1,2,3,4}，∴(?RB)∩N＝{3,4}．
答案：B
3．如圖所示，U是全集，M、N、S是U的子集，則圖中陰影部分所示的集合是( )
A．(?UM∩?UN)∩S
B．(?U(M∩N))∩S
C．(?UN∩?US)∪M
D．(?UM∩?US)∪N
解析：由集合運(yùn)算公式及Venn圖可知A正確．
答案：A
4．已知p：2＋3＝5，q：5＜4，則下列判斷錯(cuò)誤的是( )
A．“p或q”為真，“p”為假
B．“p且q”為假，“q”為真
C．“p且q”為假，“p”為假
D．“p且q”為真，“p或q”為真
解析：∵p為真，∴p為假．
又∵q為假，∴q為真．∴“p且q”為真，“p或q”為真．
答案：D
A．0 B．1
C．2 D．4
答案：C
6．已知集合A＝{(x，y)|y＝lg(x＋1)－1}，B＝{(x，y)|x＝m}，若A∩B＝?，則實(shí)數(shù)m的取值范圍是( )
A．m＜1 B．m≤1
C．m＜－1 D．m≤－1
解析：A∩B＝?即指函數(shù)y＝lg(x＋1)－1的圖像與直線x＝m沒有交點(diǎn)，結(jié)合圖形可得m≤－1.
答案：D
7．使不等式2x2－5x－3≥0成立的一個(gè) 充分不必要條件是( )
A．x≥0 B．x＜0或x＞2
C．x∈{－1,3,5} D．x≤－12或x≥3
解析：依題意所選選項(xiàng)能使不等式2x2－5x－3≥0成立，但當(dāng)不等式2x2－5x－3≥0成立時(shí)，卻不一定能推出所選選項(xiàng)．由于不等式2x2－5x－3≥0的解為x≥3，或x≤－12.
答案：D
8．命題p：不等式－1＞－1的解 集為{x|0＜x＜1}；命題q：0＜a≤15是函數(shù)f(x)＝ax2＋2(a－1)x＋2在區(qū)間(－∞，4]上為減函數(shù)的充分不必要條件，則( )
A．p真q假 B．“p且q”為真
C．“p或q”為假 D．p假q真
解析：命題p為真，命題q也為真．事實(shí)上，當(dāng)0＜a≤15時(shí)，函數(shù)f(x)＝ax2＋2(a－1)x＋2在區(qū)間(－∞，4]上為減函數(shù)，但若函數(shù)在(－∞，4]上是減函數(shù)，應(yīng)有0≤a≤15.故“p且q”為真．
答案：B
9．已知命題p：?x0∈R，使tanx0＝1，命題q：x2－3x＋2＜0的解集是{x|1＜x＜2}，下列結(jié)論：[X k b 1 . c o m
①命題“p且q”是真命題；
②命題“p且(q)”是假命題；
③命題“(p)或q”是真命題；
④命題“(p)或(q)”是假命題．
其中正確的是( )
A．②③ B．①②④
C．①③④ D．①②③④
解析：命題p：?x0∈R，使tanx0＝1為真命題，
命題q：x2－3x＋2＜0的解集是{x|1＜x＜2}也為真命題，
∴p且q是真命題，p且(q)是假命題，
(p)或q是真命題，(p)或(q)是假命題，
故①②③④都正確．
答案：D
10．在命題“若拋物線y＝ax2＋bx＋c的開口向下，則{x|ax2＋bx＋c＜0}≠?”的逆命題、否命題、逆否命題中結(jié)論成立的是( )
A．都真 B．都假
C．否命題真 D．逆否命題真
解析：對(duì)于原命題：“若拋物線y＝ax2＋bx＋c的開口向下，則{x|ax2＋bx＋c＜0}≠?”，這是一個(gè)真命題，所以其逆否命題也為真命題；但其逆命題是：“若{x|ax2＋bx＋c＜0}≠?，則拋物線y＝ax2＋bx＋c的開口向下”是一個(gè)假命題，因 為當(dāng)不等式ax2＋bx＋c＜0的解集非空時(shí)，可以有a＞0，即拋物線開口可以向上，因此否命題也是假命題．故選D.
答案：D
11．若命題“?x，y∈(0，＋∞)，都有(x＋y)1x＋ay≥9”為真命題，則正實(shí)數(shù)a的最小值是( )
A．2 B．4
C．6 D．8
解析：(x＋y)1x＋ay＝1＋a＋axy＋yx≥1＋a＋2a＝(a＋1)2≥9，所以a≥4，故a的最小值為4.
答案：B
12．設(shè)p：y＝cx(c＞0)是R上的單調(diào)遞減函數(shù)；q：函數(shù)g(x)＝lg(2cx2＋2x＋1)的值域?yàn)镽.如果“p且q”為假命題，“p或q”為真命題，則c的取值范圍是( )
A.12，1 B.12，＋∞
C.0，12∪[1，＋∞) D.0，12
解析：由y＝cx(c＞0) 是R上的單調(diào)遞減函數(shù)，
得0＜c＜1，所以p：0＜c＜1，
由g(x)＝lg(2cx2＋2x＋1)的值域?yàn)镽，
得當(dāng)c＝0時(shí)，滿足題意．
當(dāng)c≠0時(shí)，由c＞0，Δ＝4－8c≥0，得0＜c≤12.
所以q：0≤c≤12.
由p且q為假命題，p或q為真命題可 知p、q一假一真．
當(dāng)p為真命題，q為假命題時(shí)，得12＜c＜1，
當(dāng)p為假命題時(shí)，c≥1，q為真命題時(shí)，0≤c≤12.
故此時(shí)這樣的c不存在．
綜上，可知12＜c＜1.
答案：A
第Ⅱ卷 (非選擇 共90分)
二、填空題：本大題共4個(gè)小題，每小題5分，共20分．
13．已知命題p：?x∈R，x3－x2＋1≤0，則命題p是____________________．
解析：所給命題是特稱命題，而特稱命題的否定是全稱命題，故得結(jié)論．
答 案：?x∈R，x3－x2＋1＞0
14．若命題“?x∈R,2x2－3ax＋9＜0”為假命題，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是__________．
解析：∵“?x∈R,2x2－3ax＋9＜0”為假命題，
∴“?x∈R,2x2－3ax＋9≥0”為真命題．
∴Δ＝9a2－4×2×9≤0，解得－22≤a≤22.
故實(shí)數(shù)a的取值范圍是[－22，22]．
答案：[－22，22]
15．已知命題p：“對(duì)?x∈R，?m∈R使4x－2x＋1＋m＝0”，若命題p是假命題，則實(shí)數(shù)m的取值范圍是__________．
解析：命題p是假命題，即命題p是真命題，也就是關(guān)于x的方程4x－2x＋1＋ m＝0有實(shí)數(shù)解，即m＝－(4x－2x＋1)．令f(x)＝－(4x－2x＋1)，由于f(x)＝－( 2x－1)2＋1，所以當(dāng)x∈R時(shí)f(x)≤1，因此實(shí)數(shù)m的取值范圍是(－∞，1]．
答案：(－∞，1]
16．已知集合A＝{x∈R|x2－x≤0}，函數(shù)f(x)＝2－x＋a(x∈A)的值域?yàn)锽.若B?A，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是__________．
解析：A＝{x∈R|x2－x≤0}＝[0 ,1]．
∵函數(shù)f(x)＝2－x＋a在[0,1]上為減函數(shù)，
∴函數(shù)f(x)＝2－x＋a(x∈A)的值域B＝12＋a，1＋a.
∵B?A，
∴12＋a≥0，1＋a≤1.解得－12≤a≤0.
故實(shí)數(shù)a的取值范圍是－12，0.
答案：－12，0
三、解答題：本大題共6小題，共70分．
17．(10分)記函數(shù)f(x)＝lg(x2－x－2)的定義域?yàn)榧螦，函數(shù)g(x)＝3－|x|的定義域?yàn)榧螧.
(1)求A∩B和A∪B；
(2)若C＝{x|4x＋p＜0}，C?A，求實(shí)數(shù)p的取值范圍．
解析：(1)依題意，得A＝{x|x2－x－2＞0}＝{x|x＜－1，或x＞2}，
B＝{x|3－|x|≥0}＝{x|－3≤x≤3}，
∴A∩B＝{x|－3≤x＜－1，或2＜x≤3}，
A∪B＝R.
(2)由4x＋p＜0，得x＜－p4，而C?A，
∴－p4≤－1.∴p≥4.
18．(12分)已知命題p：關(guān)于x的不等式x2－2ax＋4＞0對(duì)一切x∈R恒成立；命題q：函數(shù)y＝log(4－2a)x在(0，＋∞)上遞減．若p∨q為真，p∧q為假，求實(shí)數(shù)a的取值范圍．
解析：命題p為真，則有4a2－16＜0，解得－2＜a＜2；
命題q為真，則有0＜4－2a＜1，解得32＜a＜2.
由“p∨q為真，p∧q為假”可知p和q滿足：
p真q真、p假q真、p假q假．
而當(dāng)p真q假時(shí)，應(yīng)有－2＜a＜2，a≥2或，a≤32，即－2＜a≤32，
取其補(bǔ)集得a≤－2，或a＞32，
此即為當(dāng)“p∨q為真，p∧q為假”時(shí)實(shí)數(shù)a的取值范圍，故a∈(－∞，－2]∪32，＋∞
19．(12分)已知命題p：|x－8|＜2，q：x－1x＋1＞0，r：x2－3ax＋2a2＜0(a＞0)．若命題r是命題p的必要不充分條件，且r是q的充分不必要條件，試求a的取值范圍．
解析：命題p即：{x|6＜x＜10}；
命題q即：{x|x＞1}；
命題r即：{x|a＜x＜2a}．
由于r 是p的必要而不充分條件，r是q的充分而不必要條件，結(jié)合數(shù)軸應(yīng)有1≤a≤6，2a≥10.解得5≤a≤6，
故a的取值范圍是[5,6]．
20．(12分)已知集合A＝{x|2－a≤x≤2＋a}，B＝{x|x2－5x＋4≥0}．
(1)當(dāng)a＝3時(shí)，求A∩B，A∪(?UB)；
(2)若A ∩B＝?，求實(shí)數(shù)a的取值范圍．
解析：(1)∵a＝3，∴A＝{x|－1≤x≤5}．
由x2－5x＋4≥0，得x≤1，或x≥4，
故B＝{x|x≤1，或x≥4}．
∴A∩B＝{x|－1≤x≤1或4≤x≤5}．
A∪(?UB)＝{x|－1≤x≤5}∪{x|1＜x＜4}
＝{x|－1≤x≤5}．
(2)∵A＝[2－a,2＋a]，B＝(－∞，1]∪[4，＋∞)，且A∩B＝?，
∴2－a＞1，2＋a＜4，解得a＜1.
21．(12分)已知函數(shù)f(x)＝2x2－2ax＋b，f(－1)＝－8.對(duì)?x∈R，都有f(x)≥f(－1)成立．記集合A＝{x|f(x)＞0}，B＝{x||x－t|≤1}．
(1)當(dāng)t＝1時(shí)，求(?RA)∪B；
(2)設(shè)命題p：A∩B＝?，若p為真命題，求實(shí)數(shù)t 的取值范圍．
解析：由題意知(－1，－8)為二次函數(shù)的頂點(diǎn)，
∴f(x)＝2(x＋1)2－8＝2(x2＋2x－3)．
由f(x)＞0，即x2＋2x－3＞0得x＜－3，或x＞1，
∴A＝{x|x＜－3，或x＞1}．
(1)∵B＝{x||x－1|≤1}＝{x|0≤x≤2}．
∴(?RA)∪B＝{x|－3≤x≤1}∪{x|0≤x≤2}
＝{x|－3≤x≤2}．
(2)由題意知，B＝{x|t－1≤x≤t＋1}，且A∩B＝?，
∴t－1≥－3，t＋1≤1?t≥－2，t≤0，
∴實(shí)數(shù)t的取值范圍是[－2,0]．
22．(12分)已知全集U＝R，非空集合A＝－2x－3a－1＜0，B＝－a2－2x－a＜0.
(1)當(dāng)a＝12時(shí)，求(?UB)∩A；
(2)命題p：x∈A，命題q：x∈B，若q是p的必要條件，求實(shí)數(shù)a的取值范圍．
解析：(1)當(dāng)a＝12時(shí)，
A＝x2＜x＜52，
B＝x12＜x＜94.
?UB＝≤12，或x≥94.
(?UB)∩A＝x94≤x＜52.
(2)若q是p的必要條件，
即p?q，可知A?B，
由a2＋2＞a，得B＝{x|a＜x＜a2＋2}，
當(dāng)3a＋1＞2，即a＞13時(shí)，A＝{x|2＜x＜3a＋1}，
∴a≤2，a2＋2≥3a＋1，解得13＜a≤3－52；
當(dāng)3a＋1＝2，即a＝13時(shí)，A＝?，符合題意；
當(dāng)3a＋1＜2， 即a＜13時(shí)，A＝{x|3a＋1＜x＜2}．
∴a≤3a＋1，a2＋2≥2，解得－12≤a＜13；
綜上，a∈－12，3－52.
高三數(shù)學(xué)第一輪復(fù)習(xí)中的學(xué)法相關(guān)文章：
1.高三數(shù)學(xué)第一輪復(fù)習(xí)策略和學(xué)習(xí)方法
3.高三數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)備考學(xué)習(xí)指導(dǎo)
4.高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)方法大全
5.高三數(shù)學(xué)第一輪復(fù)習(xí)方法指導(dǎo)
6.高三數(shù)學(xué)第一輪復(fù)習(xí)計(jì)劃方法
7.高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)提分妙招有哪些?
8.高三數(shù)學(xué)學(xué)習(xí)方法和技巧大全
高三數(shù)學(xué)第一輪復(fù)習(xí)中的學(xué)法
