2020高一物理暑假作業(yè)答案大全
高中學習容量大，不但要掌握目前的知識，還要把高中的知識與初中的知識溶為一體才能學好。在讀書、聽課、研習、總結(jié)這四個環(huán)節(jié)都比初中的學習有更高的要求。下面小編整理2020高一物理暑假作業(yè)答案大全，歡迎閱讀。
2020高一物理暑假作業(yè)答案【篇一】
1-4ACDA
5(1)600N
(2)840N
(3)以3m/s2的加速度勻減速上升或3m/s2的加速度勻加速下降
6解：解析(1)因OB繩處于豎直方向，所以B球處于平衡狀態(tài)，AB繩上的拉力為零，OB繩對小球的拉力FOB=mg.
(2)A球在重力mg、水平拉力F和OA繩的拉力FOA三力作用下平衡，所以O(shè)A繩對小球的拉力FOA==2mg.
(3)作用力F=mgtan60°=mg.
答案(1)mg(2)2mg(3)mg
2020高一物理暑假作業(yè)答案【篇二】
一、單項選擇題(本題共6小題，每題4分，共24分.每小題中只有一個選項是正確的，選對得4分，錯選不選多選均不得分.)
1.兩個做勻變速直線運動的物體，物體A的加速度aA=3m/s2，物體B的加速度aB=-5m/s2，兩者加速度和速度的大小比較()
A.物體A加速度大B.物體B加速度大
C.物體A的速度大D.物體B的速度大
答案：B
2.下列關(guān)于質(zhì)點的說法，正確的是()
A.原子核很小，所以可以當作質(zhì)點
B.太陽很大，所以不可以當作質(zhì)點
C.研究地球的自轉(zhuǎn)時，可把地球當作質(zhì)點
D.研究地球的公轉(zhuǎn)時，可把地球當作質(zhì)點
答案：D
3.在標準的運動場上將要進行1500米的賽跑.某運動員上午9時20分40秒站在起跑線上，9時20分50秒發(fā)令槍響，從跑道起點出發(fā)，繞運動場跑了3圈多，9時25分28秒到達終點，成績是4分38秒.以上描述中表示時間的是：()
A.9時20分40秒B.4分38秒
C.9時25分28秒D.9時20分50秒
答案：B
4.以下各種運動的速度和加速度的關(guān)系可能存在的是()
A.速度向東，正在增大;加速度向西，正在增大
B.速度向東，正在增大;加速度向西，正在減小
C.速度向東，正在減小;加速度向西，正在增大
D.速度向東，正在減小;加速度向東，正在增大
答案：C
5.下列說法正確的是()
A.在時間軸上第一秒就是1～2s
B.第1s末與第2s初是同一時刻
C.在5s內(nèi)就是從4s末到5s末這1s的時間
D.第5s是一個時刻
答案：B
6.作變速直線運動的物體，在前一半路程內(nèi)的平均速度的大小為6km/h，后一半路程內(nèi)的平均速度的大小為10km/h，則在全程范圍內(nèi)的平均速度的大小是()
A.7.04km/hB.7.50km/h
C.8km/hD.8.24km/h
答案：B
二、雙項選擇題(本題共4小題，每題6分，共24分.每小題只有兩個選項是正確的，全選對得6分，少選得3分，選錯、多選或不選得0分.)
7.下列各物理量是矢量的是()
A.速度B.時間C.質(zhì)量D.加速度
答案：AD
8.關(guān)于速度和加速度，下列說法正確的是()
A.物體的加速度為零，速度一定為零
B.物體的速度為零時，加速度不一定為零
C.物體的速度改變，加速度也一定改變
D.物體的速度不變，加速度一定為零
答案：BD
9.關(guān)于路程和位移，下列說法中正確的是()
A.在某一段時間內(nèi)物體運動的位移為零，則該物體不一定是靜止的
B.在某一段時間內(nèi)物體運動的路程為零，則該物體一定是靜止的
C.在直線運動中物體的位移大小一定等于路程
D.在曲線運動中物體的位移大小不一定小于其路程
答案：AB
10.關(guān)于瞬時速度，下述說法正確的是()
A.是物體在某段時間內(nèi)的速度
B.是物體在某一時刻的速度
C.是物體在某段位移內(nèi)的速度
D.是物體通過某一位置時的速度
答案：BD
三、實驗題(本大題2小題，每空4分，共20分.把答案填寫在題中橫線上空白處.)
11.電火花打點計時器是用______電源，頻率為______Hz，它每隔_____秒打一次點.
答案：220V交流500.02
12.某同學在做打點計時器實驗時，獲得如下兩條紙帶：
圖1中相鄰兩點間的距離相等，說明小車做__________運動，圖2中小車靠的紙帶的左端相鄰兩點間的距離逐漸增大，說明小車做__________運動.
答案：勻速直線加速直線
四、計算題(13題10分，14題10分，15題12分，共32分.解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不給分.有數(shù)字計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.)
13.某運動員在百米跑道上以8m/s的速度跑了80m，然后又以2m/s的速度走了20m，這個運動員通過這段路的平均速度是多少?
解析：以8m/s的速度跑了80m，所用的時間為t1=808s=10s;以2m/s的速度走了20m，所用的時間為t2=202s=10s
跑完百米所用時間為t=t1+t2=20s
平均速度v-=st=10020m/s=5m/s
答案：5m/s
14.足球運動員在罰點球時，球獲得30m/s的速度并做勻速直線運動.設(shè)腳與球作用時間為0.1s，球又在空中飛行0.3s后被守門員擋出，守門員雙手與球接觸時間為0.1s，且球被擋出后以10m/s沿原路反彈，求：
(1)罰球瞬間，球的加速度的大小;
答案：300m/s2
(2)守門員接球瞬間，球的加速度的大小.
答案：400m/s2
15.起重機豎直吊起一貨物，貨物的速度隨時間的關(guān)系如圖，物體上升運動有幾個過程?每一階段的加速度大小多少?6s內(nèi)上升的高度是多少?
解析：(1)物體上升有三個過程：
第一個過程0～2s，做初速度為零的勻加速直線運動，末速度為4m/s;第二個過程2s～5s，以4m/s做勻速直線運動;第三個過程5s～6s，做減速運動，初速度為4m/s，末速度為零.
(2)第一階段的加速度為a1=vt-v0t=4-02m/s2=2m/s2;第二階段加速度為零;第三階段加速度為a3=vt-v0t=0-41m/s2=-4m/s2，加速度大小為4m/s2.
(3)6s內(nèi)物體上升的高度在數(shù)值上等于速度時間圖象上對應(yīng)的梯形面積數(shù)值，由數(shù)學知識可知，設(shè)梯形面積S=12×(3+6)×4=18m，所以物體在6s內(nèi)上升的高度為18m.
答案：見解析
2020高一物理暑假作業(yè)答案【篇三】
1.解：A、彈簧彈力以及物體之間的摩擦力屬于內(nèi)力，系統(tǒng)所受外力F1和F2的合力為零故系統(tǒng)動量守恒，由于開始的過程中系統(tǒng)中有兩拉力均做正功，因此機械能不守恒，故A錯誤;
B、D、分別對m和M動態(tài)分析可知，開始時二者都做加速運動，隨距離的增大，彈簧的彈力增大，二者的加速度都減小，當加速度a=0時速度，即當彈簧彈力大小與F1、F2大小相等時，系統(tǒng)的動能，此后彈簧的彈力大于拉力，二者都做減速運動，直到速度為0.故B錯誤，D正確;
C、二者的速度都減小為0后，由于彈力仍然大于拉力，二者之間的距離開始減小，彈簧的彈力做正功，拉力做負功，系統(tǒng)機械能開始減小.故C錯誤;
本題選擇錯誤的，故選：ABC.
2.AC
解：A、對于F的做功過程，由幾何知識得到：力F作用點的位移x=PB﹣PC=
則力F做的功W=Fx=50×0.4J=20J，故A正確;
B、由于B球到達C處時，已無沿繩的分速度，所以此時滑塊A的速度為零，考察兩球及繩子組成的系統(tǒng)的能量變化過程，由功能關(guān)系得：W=mv2+mgR
代入已知量得：20=+2×10×0.3，解得小球B速度的大小v=m/s，故B錯誤;
C、當繩與軌道相切時兩球速度相等，如圖：
由三角形知識得：sin∠OPB==，故C正確;
D、設(shè)最低點勢能為0，小球B從地面拉到P的正下方時小球B的機械能增加，故D錯誤;
故選：AC
【點評】：本題連接體問題，關(guān)鍵分析兩物體之間的速度與高度關(guān)系并運用幾何知識和功能關(guān)系來研究，注意分析B球到達點時A球速度為零.
3.解：
A、從題意得到，太陽能驅(qū)動小車以功率不變啟動，當開始階段小車所受的牽引力大于阻力，小車做加速運動，當牽引力平衡后小球做勻速直線運動，速度達到.故A正確;
B、阻這段時間內(nèi)力做功為W=Fs.故B錯誤;
C、根據(jù)動能定理判斷，這段時間內(nèi)合力做功為，故C正確;
D、這段時間內(nèi)電動機所做的功為，故D錯誤.
故選AC
4.解：設(shè)額定功率為P，則速度為3m/s時的牽引力，速度為6m/s時，牽引力為.
根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)1﹣f=3(F2﹣f)，解得f=.
因為牽引力與阻力相等時，速度，則F=f=，知速度為12m/s.因為功率未知，無法求出阻力，該運動為變加速運動，無法求出運動的時間.故A正確，B、C、D錯誤.
故選：A.
5.D電勢能;功能關(guān)系
解：A、由牛頓第二定律得知，小球所受的合力F合=ma=mg，方向向下，根據(jù)動能定理知，小球的動能增加△Ek=F合h=mgh，故A錯誤.
B、由牛頓第二定律得：mg﹣F=mg，解得電場力F=mg，且方向豎直向上，則電場力做功W電=﹣Fh=﹣mgh，故小球的電勢能增加mgh，故B錯誤.
C、小球在豎直方向上下降h高度時重力做正功mgh，因此，小球的重力勢能減少mgh，故C錯誤.
D、由上知，小球的電勢能增加mgh，根據(jù)能量守恒知，小球的機械能減少mgh，故D正確.故選：D.
6.ACD解：A、A向右運動至速度時C恰好離開地面，此時A、B、C加速度均為零，設(shè)此時繩的拉力為T，
對A：F﹣μmg﹣T=0
對B、C整體：T﹣2mg=0
代入數(shù)據(jù)解得F=2.2mg，故A正確，B錯誤;
C、開始時整個系統(tǒng)靜止，彈簧壓縮量為x，則對B有kx=mg
x=
因B、C的質(zhì)量相等，故C恰好離開地面時，彈簧伸長量仍為x=
所以拉力做的功W=F?2x=，故C正確;
D、A由靜止到向右運動至速度的過程中，對A、B、C由能量守恒得
(F﹣μmg)?2x=(2m)v2+mg?2x
解得v=g，故D正確.
故選：ACD
【點評】：本題的關(guān)鍵是對物體進行受力分析，抓住臨界狀態(tài)，然后結(jié)合功能關(guān)系和胡克定律多次列式求解分析，關(guān)鍵是要知道A向右運動至速度時C恰好離開地面，此時A、B、C的加速度均為零，注意整體法和隔離法的應(yīng)用，難度適中.
7.(1)AD(2)mg(s0+sl)
8.(1)ABC(2)(3)減小(4)二
9.解：(1)設(shè)賽車越過壕溝需要的最小速度為v1，由平拋運動的規(guī)律，有：
s=v1t
h=gt2
解得：v1=s=2.5×=5m/s
(2)設(shè)賽車恰好越過圓軌道，對應(yīng)圓軌道點的速度為v2，最低點的速度為v3，由牛頓第二定律及機械能守恒定律，有：
mg=m
m=m+mg?(2R)
解得：v3===4m/s
(3)由于B點以后的軌道均為光滑，故軌道最低點速度應(yīng)該等于平拋的初速度，通過分析比較，賽車要完成比賽，在進入圓軌道前的速度最小應(yīng)該是：
vmin=4m/s
設(shè)電動機工作時間至少為t，根據(jù)功能原理有：
pt﹣fL=m
由此可得：t=2.53s
即要使賽車完成比賽，電動機至少工作2.53s的時間.
答：(1)賽車越過壕溝需要的最小速度為5m/s;
(2)賽車進入圓軌道前在B點的最小速度為4m/s;
(3)要使賽車完成比賽，電動機至少工作2.53s時間.
10.解：(1)分析M受力，由牛頓第二定律得：
F﹣μmg=Ma1
代入數(shù)據(jù)解得：a1=12m/s2
設(shè)裝置向左運動到速度為0的時間為t1，則有：
v0﹣a1t1=0
聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：t1=1s
裝置向左運動的距離：x1==12×1m﹣0.5×12×1m=6m
(2)對m受力分析，由牛頓第二定律得：μmg=ma2
代入數(shù)據(jù)解得：a2=4m/s2
設(shè)滑塊運動到A點時的速度為v1，則：
v1=v0﹣a2t1
聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s
小滑塊向左運動的距離為：x2==12×1m﹣0.5×4×1m=10m
則平板長為：l=x2﹣x1=10m﹣6m=4m
(3)設(shè)滑塊在B點的速度為v2，從A至B，由動能定理得：
﹣mg×2R﹣Wf=
在B點有：mg=
聯(lián)立解得：R=0.9m，v2=3m/s
小滑塊從B點飛出做平拋運動：2R=
聯(lián)立解得：t2=0.6s
落點離A的距離為：x=v2t2=3×0.6m=1.8m
答：1)裝置運動的時間和位移大小6m;
(2)長平板的長度l為4m;
(3)小滑塊最后落回長平板上的落點離A的距離1.8m.
11.考點：動能定理;運動的合成和分解.
專題：動能定理的應(yīng)用專題.
分析：(1)根據(jù)幾何關(guān)系求解物體升高的高度h.
(2)該同學的結(jié)論是錯誤的.因為汽車經(jīng)過B點時的速度與此時物體的速度不等，應(yīng)根據(jù)速度的分解得到物體的速度，再由動能定理求解功.
解答：解：(1)當車運動到B點時，物體升高的高度為：
h=﹣H=(﹣1)m=0.41m
(2)該同學的結(jié)論是錯誤的.因為繩總長不變，物體的速度與車在同一時刻沿繩方向的速度大小相等，而此刻車的速度方向不沿繩的方向，所以兩者的速度大小不相等.如圖，將車的速度v沿繩的方向和垂直于繩的方向分解，得：
v1=vBcosθ
繩Q端拉力對物體是變力做功，可用動能定理求解.則有：
W﹣mgh=
得：W=mgh+=(10×10×0.41+10×52×cos245°)J=103.5J
答：(1)當車運動到B點時，物體升高的高度h是0.41m;
(2)該同學的結(jié)論是錯誤的.因為繩總長不變，物體的速度與車在同一時刻沿繩方向的速度大小相等，而此刻車的速度方向不沿繩的方向，所以兩者的速度大小不相等.該功的大小為103.5J.
2020高一物理暑假作業(yè)答案【篇四】
一、1.B2.C3.B4.B5.ACD6.ACD7.C8.D?
二、9.0.23610.2;4011.1.712.0.2s?
三、13.(1)運動員打開傘后做勻減速運動，由v22-v12=2as2可求得運動員打開傘時的速度為v1=60m/s，運動員自由下落距離為s1=v12/2g=180m，運動員離開飛機時距地面高度為s=s1+s2=305m.(2)自由落體運動的時間為t1==6s，打開傘后運動的時間為t2==3.85s,離開飛機后運動的時間為t=t1+t2=9.85s?
14.可以將這5滴水運動等效地視為一滴水下落，并對這一滴水的運動全過程分成4個相等的時間間隔，如圖中相鄰的兩滴水間的距離分別對應(yīng)著各個相等時間間隔內(nèi)的位移，它們滿足比例關(guān)系：1∶3∶5∶7.設(shè)相鄰水滴之間的距離自上而下依次為：x、3x、5x、7x,則窗戶高為5x，依題意有：?
5x=1則x=0.2m?
屋檐高度h=x+3x+5x+7x=16x=3.2m
由h=gt2得：t=s=0.8s.?
所以滴水的時間間隔為：Δt==0.2s?
15.每碰撞一次后所做豎直上拋運動，可分為上升和回落兩個階段，不計空氣阻力，這兩段所用時間和行程相等.?
小球原來距桌面高度為4.9m，用h0表示，下落至桌面時的速度v0應(yīng)為：?
v0==9.8m/s.下落時間為：t0==1s.?
首先用演繹法：小球第一次和桌面碰撞，那么，第一次碰撞桌面后小球的速度：v1=v0×7/9m/s.?
第一次碰撞后上升、回落需用時間：2t1=2v1/g=(2×v0/g)×7/9=2×7/9s.?
小球第二次和桌面碰撞，那么，第二次碰撞桌面后小球的速率：?
v2=v1×7/9=(v0×7/9)×7/9=v0×(7/9)2m/s.?
第二次碰撞后上升、回落需用時間：2t2=2v2/g=2×(7/9)2.?
再用歸納法：依次類推可得：小球第n次和桌面碰撞后上升，回落需用時間：2tn=2×(7/9)n(s)
所以小球從開始下落到經(jīng)n次碰撞后靜止所用總時間為：?
T=t2+2t1+2t2+…+2tn=1+2×7/9+2×(7/9)2+…+2×(7/9)n=1+2×[7/9+(7/9)2+…+(7/9)n]括號內(nèi)為等比級數(shù)求和，首項a1=7/9,公比q=7/9,因為|q|<1,?
所以無窮遞減等比級數(shù)的和為：,所以T=1+2×7/2=8s.
2020高一物理暑假作業(yè)答案【篇五】
一、本題共10小題，每小題4分，共40分.在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分.
1.下述力、加速度、速度三者的關(guān)系中，正確的是()
A.合外力發(fā)生改變的一瞬間，物體的加速度立即發(fā)生改變
B.合外力一旦變小，物體的速度一定也立即變小
C.合外力逐漸變小，物體的速度可能變小，也可能變大
D.多個力作用在物體上，只改變其中一個力，則物體的加速度一定改變
2.在谷物的收割和脫粒過程中，小石子、草屑等雜物很容
易和谷物混在一起，另外谷有癟粒，為了將它們分離，
農(nóng)村的農(nóng)民常用一種叫“風谷”的農(nóng)具即揚場機分選，如
圖所示，它的分選原理是()
A.小石子質(zhì)量，空氣阻力最小，飛的最遠
B.空氣阻力對質(zhì)量不同的物體影響不同
C.癟谷粒和草屑質(zhì)量最小，在空氣阻力作用下，反向加速度，飛的最遠
D.空氣阻力使它們的速度變化不同
3.跳傘運動員從靜止在空中的直升飛機上下落，在打開降落傘之前做自由落體運動，打開降落傘之后做勻速直線運動。則描述跳傘運動員的v-t圖象是下圖中的()
4.為了節(jié)省能量，某商場安裝了智能化的電動扶梯。無人乘行時，扶梯運轉(zhuǎn)得很慢;有人站上扶梯時，它會先慢慢加速，再勻速運轉(zhuǎn)。一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)歷了這兩個過程，如圖所示。那么下列說法中正確的是()
A.顧客始終受到三個力的作用
B.顧客始終處于超重狀態(tài)
C.顧客對扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下
D.顧客對扶梯作用的方向先指向右下方，再豎直向下
5.如圖所示，一條不可伸長的輕繩跨過質(zhì)量可忽略不計的光滑定滑輪，
繩的一端系一質(zhì)量m=15㎏的重物，重物靜止于地面上，有一質(zhì)量
=10㎏的猴子，從繩子的另一端沿繩子向上爬.在重物不離開地
面條件下，猴子向上爬的加速度為(g=10m/s2)()
A.25m/s2
B.5m/s2
C.10m/s2
D.15m/s2
6.物塊A1、A2、B1和B2的質(zhì)量均為m，A1、A2用剛性輕桿連接，B1、B2用輕質(zhì)彈簧連結(jié)。兩個裝置都放在水平的支托物上，處于平衡狀態(tài)，如圖所示。今突然迅速地撤去支托物，讓物塊下落。在除去支托物的瞬間，A1、A2受到的合力分別為f1和f2，B1、B2受到的合力分別為F1和F2。則()
A.f1=0，f2=2mg，F(xiàn)1=0，F(xiàn)2=2mg
B.f1=mg，f2=mg，F(xiàn)1=0，F(xiàn)2=2mg
C.f1=0，f2=2mg，F(xiàn)1=mg，F(xiàn)2=mg
D.f1=mg，f2=mg，F(xiàn)1=mg，F(xiàn)2=mg
7.如圖所示，兩塊連接在一起的物塊a和b，質(zhì)量分別為ma和mb，放在水平的光滑桌面上，現(xiàn)同時施給它們方向如圖所示的推力Fa和拉力Fb，已知Fa>Fb，則a對b的作用力()
A.必為推力
B.必為拉力
C.可能為推力，也可能為拉力
D.不可能為零
8.如圖甲所示，兩物體A、B疊放在光滑水平面上，
對物體A施加一水平力F，F(xiàn)-t關(guān)系圖象如圖乙
所示。兩物體在力F作用下由靜止開始運動，且
始終相對靜止。則()
A.兩物體做勻變速直線運動
B.兩物體沿直線做往復運動
C.B物體所受摩擦力的方向始終與力F的方向相同
D.t=2s到t=3s這段時間內(nèi)兩物體間的摩擦力逐漸減小
9.如圖所示，斜劈A置于水平地面上，滑塊B恰好沿其斜面勻速下滑.在對B施加一個豎直平面內(nèi)的外力F后，A仍處于靜止狀態(tài)，B繼續(xù)沿斜面下滑.則以下說法中正確的是()
A.若外力F豎直向下，則B仍勻速下滑，地面對A無靜摩擦力作用
B.若外力F斜向左下方，則B加速下滑，地面對A有向右的靜摩擦力作用
C.若外力F斜向右下方，則B減速下滑，地面對A有向左的靜摩擦力作用
D.無論F沿豎直平面內(nèi)的任何方向，地面對A均無靜摩擦力作用
10.如圖甲所示，一物塊在時刻，以初速度從足夠長的粗糙斜面底端向上滑行，物塊速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻物塊到達點，時刻物塊又返回底端。由此可以確定()
A.物體沖上斜面的位移
B.物塊返回底端時的速度
C.物塊所受摩擦力大小
D.斜面傾角
二、本題共2小題，共12分.把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答.
11.(5分)用如圖所示的裝置來探究物體的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。實驗時，小盤和砝碼牽引小車，使小車做初速為零的勻加速運動。
(1)此實驗中可以不測量加速度的具體值，原因是：.
(2)通過改變，就可以改變小車所受到的合力。
(3)在探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，分別以為縱坐標、為橫坐標作圖象，這樣就能直觀地看出其關(guān)系。
12.(7分)像打點計時器一樣，光電計時器也是一種研究物體運動情況的常見計時儀器，每個光電門都是由激光發(fā)射和接收裝置組成。當有物體從光電門通過時，光電計時器就可以顯示物體的擋光時間?，F(xiàn)利用如圖所示裝置設(shè)計一個“探究物體運動的加速度與合外力、質(zhì)量關(guān)系”的實驗，圖中NQ是水平桌面、PQ是一端帶有滑輪的長木板，1、2是固定在木板上間距為的兩個光電門(與之連接的兩個光電計時器沒有畫出)。小車上固定著用于擋光的窄片K，讓小車從木板的頂端滑下，光電門各自連接的計時器顯示窄片K的擋光時間分別為t1和t2。
(1)用游標卡尺測量窄片K的寬度(如圖)d=m(已知>>d)，光電門1、2各自連接的計時器顯示的擋光時間分別為t1=2.50×10-2s、t2=1.25×10-2s;
(2)用米尺測量兩光電門的間距為l，則小車的加速度表達式a=(各量均用(1)(2)里的已知量的字母表示);
(3)該實驗中，為了把砂和砂桶拉車的力當作小車受的合外力，就必須平衡小車受到的摩擦力，正確的做法是______________;
(4)某位同學通過測量，把砂和砂桶的重量當作小車的合外
力F，作出a-F圖線。如圖中的實線所示。試分析：圖
線不通過坐標原點O的原因是;
曲線上部彎曲的原因是.
三、本題共4小題，滿分48分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。
13.(12分)在2004年雅典奧運會上，體重為50kg的我國運動員黃珊汕第一次參加蹦床項目的比賽即取得了第三名的優(yōu)異成績。假設(shè)表演時運動員僅在豎直方向運動，通過傳感器將彈簧床面與運動員間的彈力隨時間變化的規(guī)律在計算機上繪制出如圖所示的曲線，在前內(nèi)運動員靜止于蹦床上，后開始運動。依據(jù)圖象給出的信息()，求：
(1)蹦床運動穩(wěn)定后的運動周期;
(2)運動過程中運動員離開彈簧床
上升的高度;
(3)運動過程中運動員的加速度。
14.(12分)一汽車行駛時遇到緊急情況，駕駛員迅速正確地使用制動器在最短距離內(nèi)將車停住，稱為緊急制動，設(shè)此過程中使汽車減速的阻力與汽車對地面的壓力成正比，其比例系數(shù)只與路面有關(guān)。已知該車以72km/h的速度在平直公路上行駛，緊急制動距離為25m;若在相同的路面上，該車以相同的速率在坡度(斜坡的豎直高度和水平距離之比稱為坡度)為1：10的斜坡上向下運動，則緊急制動距離將變?yōu)槎嗌?(g=10m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)
15.(12分)如圖所示，一質(zhì)量M=50kg、長L=3m的平板車靜止在光滑的水平地面上，平板車上表面距地面的高度h=1.8m。一質(zhì)量m=10kg可視為質(zhì)點的滑塊，以v0=7.5m/s的初速度從左端滑上平板車，滑塊與平板車間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，取g=10m/s2。
(1)分別求出滑塊在平板車上滑行時，滑塊與平板車的加速度大小;
(2)計算說明滑塊能否從平板車的右端滑出。
16.(14分)圖示為倉庫中常用的皮帶傳輸裝置示意圖，它由兩臺皮帶傳送機組成，一臺水平傳送，A、B兩端相距3m，另一臺傾斜，傳送帶與地面的傾角θ=37°,C、D兩端相距4.45m,B、C相距很近.水平部分AB以5m/s的速率順時針轉(zhuǎn)動.將質(zhì)量為10kg的一袋大米放在A端，到達B端后，速度大小不變地傳到傾斜的CD部分，米袋與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5.試求：
(1)若CD部分傳送帶不運轉(zhuǎn)，求米袋沿傳送帶所能上升的距離.
(2)若要米袋能被送到D端，求CD部分順時針運轉(zhuǎn)的速度應(yīng)滿足的條件及米袋從C端到D端所用時間的取值范圍.
【答案】
1.ACD解析：根據(jù)牛頓第二運動定律的瞬間性，A項正確;合外力一旦變小，加速度一定隨之變小，但是速度不一定變小，物體的速度可能變小，也可能變大，所以C項正確，多個力作用在物體上，只改變其中一個力，合力要發(fā)生改變，加速度也變化。
2.D解析：由題意知，小石子、實谷粒和癟谷及草屑在離開“風谷”機時具有相等的初速度，空氣阻力可視為相差不大，但小石子和實谷粒的密度較大，空氣阻力對密度較大的物體影響小，故小石子的速度變化最小，飛行得最遠，癟谷速度變化，飛得最近。
3.B解析：因運動員開始做自由落體運動，加速度為重力加速度，打開降落傘后做勻速運動，所以速度圖像中正確的是B項。
4.C解析：在慢慢加速的過程中顧客受到的摩擦力水平向右，電梯對他的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛頓第三定律，它的反作用力即人對電梯的作用方向指向左下方;在勻速運動的過程中，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下。
5.B解析：繩子的拉力為F=150N，對猴子有：，解得m/s2.
6.B解析：除出支托物的瞬間，A1、A2與鋼性輕桿接觸處的形變立即消失，有f1=mg，f2=mg，由于彈簧在撤去支托鈞瞬間其形變還來不及發(fā)生改變，此時彈簧對B1向上的彈力大小對B2向下的彈力大小仍為mg，因此有Fl=0，F(xiàn)2=2mg。
7.C解析：以ab為整體，以b為研究對象，的正負決定N的正負，ma、mb的大小不定，所以a對b的作用力可能為推力，也可能為拉力，C項正確。
8.C
9.AD解析：若外力F豎直向下，等效將其視為重力，物體B依然勻速下滑，利用整體法判斷地面對A無靜摩擦力作用，A項正確;假設(shè)外力F方向與斜面的夾角為，斜面的傾角為，則物體對斜面的壓力為，物體對斜面的摩擦力為，而根據(jù)題意開始物體勻速下滑得到，所以與的合力方向始終在豎直方向，即D項正確。
10.ABD解析：從圖像看到，物體上沖時做勻減速運動，加速度為①，下滑時做勻加速運動，加速度為②，因時間在圖中標清，所以可以求出物塊返回底端時的速度，AB項正確;物體的質(zhì)量未知，所以物塊所受摩擦力大小不能求出，C項錯誤;利用①②聯(lián)立解出斜面傾角，D項正確;綜述ABD項正確。
11.⑴探究的是加速度與其它量之間的比例關(guān)系(其它答法只要正確就給分。如：初速度為零的勻加速運動，在相同的時間內(nèi)，位移與加速度成正比)(2分)
⑵砝碼的數(shù)量(1分);⑶a(或)(1分)、(或a)(1分)
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